Bài toán 1: Cho
là số nguyên tố lẻ. Chứng minh rằng không tồn tại
thỏa mãn:
Lời giải: Giả sử tồn tại
thỏa mãn đề bài. Để ý rằng
không chia hết cho
nên 
Từ đó suy ra:
(1)
Nếu
chia hết cho
thì do
chia hết cho
nên dẫn tới
cũng phải chia hết cho
. Vì
nguyên tố lẻ nên ta có
và
, suy ra
Nếu
, thì từ điều kiện bài toán suy ra
. Theo định lý Fermat nhỏ thì ta có
Từ đó chú ý tới định lý về số mũ đúng L.T.E thì
Vậy ta có đpcm.
Bài toán 2: Chứng minh rằng với mọi số nguyên tố
, không tồn tại
sao cho
: 
Lời giải: Với
, ta nhận thấy không có giá trị
thỏa mãn bài toán
Xét
. Trước hết ta có bổ đề sau: Nếu
là một số nguyên lẻ thì: 
Trở lại bài toán, theo bổ đề trên thì
(mod 5)
⇒
(mod 5)
suy ra
, mặt khác
⇒
(mod 25)
Ta lại có 
Tức là
, mâu thuẫn với 
Từ đó suy ra đpcm.
Bài toán 3:( Ấn Độ 2002) Cho các số nguyên
thỏa mãn:
Chứng minh rằng: 
Lời giải: Gọi
là một ước nguyên tố của 
Theo giả thiết, ta có:
. Tức là cả ba số
đều có ước chung là
.
Đặt
.
Không mất tính tổng quát, giả sử 
Do
.
Tương tự, ta cũng có:
, 
suy ra 
Mặt khác 
Tương tự với các ước nguyên tố khác. Từ đó ta có đpcm.
Bài toán 4:(Nga 1996) Cho các số nguyên dương
thỏa mãn
Chứng minh rằng nếu
là số lẻ và p là số nguyên tố lẻ thì
là lũy thừa của
.
Lời giải: Nếu
chia hết cho
thì suy ra
cũng phải chia hết cho
. Không mất tính tổng quát, giả sử
không chia hết cho
. Vì
lẻ nên:
Giả sử tồn tại ước nguyên tố
của
. Khi đó
lẻ và theo định lý L.T.E ta có:
Vì
nên
, dẫn đến
, tức là
hay
. Do đó 
Vì
nên
, do đó
và ta được:
Gỉa sử
, tức là
. Khi đó
Từ đó suy ra 
Mặt khác, 
suy ra
(đpcm)
Bài toán 5 (Rumani 2010) : Cho số nguyên dương
sao cho tất cả các ước nguyên tố của
đều lớn hơn
. Chứng minh rằng:
Lời giải : Do tất cả ước của
đều lớn hơn
nên
. Gọi
là một ước nguyên tố của
. Khi đó 
Sử dụng định lý Fermat nhỏ, ta có:
(mod p)
(mod p), 
Ta luôn có:

Mặt khác:


Từ đó, ta có đpcm.
Bài toán 6: Cho
là ba số nguyên dương thỏa mãn điều kiện:

Chứng minh rằng
là một số chính phương.
Lời giải:
Theo giả thiết,

Gọi
là ước nguyên tố tùy ý của
, ta có
(1)
Giả sử
. Do
nên 
(vô lí)
Vậy

(2)
Từ (1) và (2) suy ra
. Tức là mọi lũy thừa trong khai triển của
đều là số chẵn, hay
là một số chính phương (đpcm).
Sử dụng định lý Fermat nhỏ, ta có:
Ta luôn có:
Mặt khác:
Từ đó, ta có đpcm.
Bài toán 6: Cho
Chứng minh rằng
Lời giải:
Theo giả thiết,
Gọi
Giả sử
Vậy
Từ (1) và (2) suy ra
1 comment:
tại sao b^2 lại chia hết cho c ạ
Post a Comment